[dahyeong-yun] WEEK 03 Solutions

valid-palindrome/dahyeong-yun.java

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+/**
+ * [풀이 개요]
+ * - 시간복잡도 : O(n)
+ * - 공간복잡도 : O(1)
+ */
+class Solution {
+    /**
+     * [문제 풀이 아이디어]
+     * - 주어진 문자열의 길이가 최대 10^5 이므로 10^8 까지 통과할 수 있다고 가정할 때, 시간복잡도는 O (n log n)까지 가능해 보임
+     * - 문자열 s의 시작과 끝 인덱스가 각각 x, y 라고 할 때 s[x] == s[y], s[x+1] == s[y-1], s[x+2] == s[y-2], s[x+n] == s[y-n] (n은 문자열 중간 인덱스 까지) 와 같이 검증할 수 있음.
+     * - 즉 투포인터 형태가 될 수 있어 보임. 
+     * - 다만 알파벳이 아닌 문자는 제외하고 판단해야 하므로 포인터가 정확히 같은 값을 x, y에서 빼는 형태가 될 수는 없고, 비교 대상이 아닌 인덱스를 넘어가서 다음에 판단해야 함. 
+     * - 이렇게 순회할 경우 문자열 길이 n의 1/2 를 순회하므로 시간복잡도는 O(n) 이 됨.
+     * - 매 char 변수 이외에 추가 공간이 필요치 않으므로 공간복잡도는 O(1) 이 됨.
+     */
+    public boolean isPalindrome(String s) {
+        int len = s.length();
+        if(len == 1) return true;
+
+        int left = 0;
+        int right = len - 1;
+
+        while(left < right) {
+            char leftChar = Character.toLowerCase(s.charAt(left));
+            char rightChar = Character.toLowerCase(s.charAt(right));
+
+            // 문자가 아닌 경우 다음 인덱스 확인
+            if(!Character.isLetterOrDigit(leftChar)) {
+                left++;
+            } else if(!Character.isLetterOrDigit(rightChar)) {
+                right--;
+
+            // 동일한 경우 다음 인덱스 확인
+            } else if(leftChar == rightChar) {
+                left++;
+                right--;
+            } else {
+                return false;
+            }
+        }
+        return true;
+    }
+}